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計算機網絡考試題庫第一章一、單項選擇題
計算機網絡可以被理解為（ B ）
執行計算機數據處理的軟體模塊
由自治的計算機互聯起來的集合體
多個處理器通過共享內存實現的緊耦合系統
用於共同完成一項任務的分布式系統
計算機網絡最基本的功能是（ A ）
A.數據通信 B.資源共享 C.分布式處理 D.信息綜合處理
下列不屬於計算機網絡的功能的是（ D ）
提高系統可靠性 B.提高工作效率
C.分散數據的綜合處理 D.使各計算機相互獨立
計算機網絡系統的基本組成是（ C ）
區域網和廣域網 B.本地計算機網和通信網
C.通信子網和資源子網 D.伺服器和工作站
在計算機網絡中可以沒有的是（ D ）
客戶機 B.伺服器 C.作業系統 D.資料庫管理系統
計算機網絡的資源主要是指（ C ）
伺服器、路由器、通信線路與用戶計算機
計算機作業系統、資料庫與應用軟體
計算機硬體、軟體與數據
Web伺服器、資料庫伺服器與文件伺服器
計算機網絡可分為通信子網和資源子網。下列屬於通信子網的是（ A ）
Ⅰ.網橋 Ⅱ.交換機 Ⅲ.計算機軟體 Ⅳ.路由器
Ⅰ、Ⅱ、Ⅳ B.Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ C.Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ D.Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ
下列設備屬於資源子網的是（ A ）
計算機軟體 B.網橋 C.交換機 D.路由器
計算機網絡分為廣域網、城域網和區域網，其劃分的主要依據是（ A ）
A.網絡的作用範圍 B.網絡的拓撲結構
C.網絡的通信方式 D.網絡的傳輸介質
10、區域網和廣域網的差異不僅在於它們所覆蓋的範圍不同，還主要在於它們（B）
A.所使用的介質不同 B.所使用的協議不同
C.所能支持的通信量不同 D.所提供的服務不同
11、下列說法中正確的是（D）
A.在較小範圍內布置的一定是區域網，而在較大範圍內布置的一定是廣域網
B.城域網是連接廣域網而覆蓋園區的網絡
C.城域網是為淘汰區域網和廣域網而提出的一種新技術
D.區域網是基於廣播技術發展起來的網絡，廣域網是基於交換技術發展起來的網絡
12、現在大量的計算機是通過諸如乙太網這樣的區域網連入廣域網的，而區域網與廣域網的互聯是通過（A）實現的
A.路由器 B.資源子網 C.橋接器 D.中繼器
13、計算機網絡拓撲結構主要取決於它的（C）
A.資源子網 B.路由器 C.通信子網 D.交換機
14、廣域網的拓撲結構通常採用（C）
A.星形 B.總線形 C.網狀形 D.環形
15、在n個結點的星形拓撲結構中，有（A）條物理鏈路
A.n-1 B.n C.n*(n-1) D.n*(n+1)/2
16、下列關於廣播式網絡的說法中錯誤的是（D）
A.共享廣播信道 B.不存在路由選擇問題
C.可以不要網絡層 D.不需要服務訪問點
17、下列哪一項是分組交換網絡的缺點（B）
A.信道利用率低 B.附加信息開銷大
C.傳播時延大 D.不同規格的終端很難相互通信
18、1968年6月，世界上最早的計算機網絡是（B）
Internet B.ARPAnet C.乙太網 D.令牌環網
綜合應用題
假定有一個通信協議，每個分組都引入100位元組的開銷用於頭和成幀。現在使用這個協議發送106 字節的數據，然而在傳送的過程中有一個字節被破壞了，因而包含該字節的那個分組被丟棄。試對於1000位元組和20000位元組的分組的有效數據大小分別計算「開銷+丟失」字節的總數目。分組數據大小的最佳值是多少？
解答：
設D是分組數據的大小,那麼所需要的分組數目=106/D,開銷=100×N(被丟棄分組的頭部也已計入開銷),所以,開銷十丟失=100x106/D+D。
當D=1000時,開銷+丟失=100×106/1000+1000=101000位元組
當D=20000時,開銷+丟失=100×106/20000+20000=25000位元組
設「開銷+丟失」字節總數目為y,y=108/D+D
求全微分有:dy/dD=1-108/D2
當D=104時,dy/dD=0,所所以分組數據大小的最佳值是1000位元組。
考慮一個最大距離為2km的區域網，當帶寬等於多大時傳播延時(傳播速度為2*108m/s）等於100B分組的發送延時?對於512B分組結果又當如何?
解答:
傳播延遲等於:2×103m/(2x108m/s)=10-5s=10μs
(1)分組大小為100B:
假設帶寬大小為x,要使得傳播時延等於發送時延,所以帶寬
x=100B/10μs=10MB/s=80Mb/s
2)分組大小為512B:
假設帶寬大小為y,要使得傳播時延等於發送時延,所以帶寬
y=512B/10μs=51.2MB/s=409.6Mb/s
因此,帶寬應分別等於80Mb/s和409.6Mb/s
在兩臺計算機之間傳輸一個文件有兩種可行的確認策略。第一種策略把文件截成分組接收方逐個地確認分組，但就整體而言,文件沒有得到確認。第二種策略不確認單個分組，但當文件全部接收到後，對整個文件予以確認。請討論這兩種方式的優缺點。
解答：
如果網絡容易丟失分組,那麼對每個分組逐一進行確認較好,此時僅重傳丟失的分組,另一方面,如果網絡高度可靠,那麼在不發生差錯的情況下,僅在整個文件傳送的結尾發送一次確認，從而減少了確認次數,節省了帶寬。不過,即使只有單個分組丟失,也要重傳整個文件。
4、試在下列條件下比較電路交換和分組交換。要傳送的報文共x比特。從源點到終點共經k段鏈路,每段鏈路的傳播時延為d秒,數據傳輸速率為b比特每秒。在電路交換時電路的建立時間為s秒。在分組交換時分組長度為p比特,且各結點的排隊等待時間可忽略不計。問在怎樣的條件下,分組交換的時延比電路交換的要小?(提示:畫一下草圖觀察k段鏈路共有幾個結點。)
解答
由於忽略排隊時延,故電路交換時延=連接時延+發送時延十傳播時延,分組交換時延=發送時延十傳播時延。
顯然,二者的傳播時延都為kd。對電路交換,由於不採用存儲轉發技術,雖然是k段鏈路,連接後沒有存儲轉發的時延,故發送時延=數據塊長度/信道帶寬=x/b,從而電路交換總時延為
s+x/b+kd
對於分組交換,設共有n個分組,由於採用存儲轉發技術,一個站點的發送時延為t=p/b。
顯然,數據在信道中,經過k-1個t時間的流動後,從第k個t開始,每個t時間段內將有一個分組到達目的站(把傳播時延和發送時延分開討論後,這裡不再考慮傳播時延),從而n個分組的發送時延為(k-1)t+nt=(k-1)p/b+np/b,分組交換的總時延為
kd+(k-1)p/b+np/b
由式(1)和式(2)比較知,若要分組交換時延<電路交換時延,則
kd+(k-1)p/b+np/b<s+x/b+kd
對於分組交換,np≈X,則有(k-1)p/b<s時,分組交換總時延<電路交換總時延。
在上題的分組交換網中,設報文長度和分組長度分別為x和(p+h)比特,其中p為分組的數據部分的長度,而h為每個分組所帶的控制信息固定長度,與p的大小無關。通信的兩端共經過k段健路。鏈路的數據傳輸速為b比特每秒,但傳播時延、結點的排隊時延和處理時延是均可忽略不計。若打算使總的時延為最小,問分組的數據部分長度p應取為多大?
解答：應用上題的結論，分組交換時延為：D=（x/p)*((p+h)/b)+(k-1)*(p+h)/b，D對p求導後，求得p=。
6.在下列情況下,計算傳送1000KB文件所需要的總時間,即從開始傳送時起直到文件的最後一位到達目的地為止的時間。假定往返時間RTT為100ms,一個分組是1KB(即1024B)的數據,在開始傳送整個文件數據之前進行的起始握手過程需要2RTT的時間。
1)帶寬是1.5Mb/s,數據分組可連續發送。
2)帶寬是1.5Mb/s,但在發送完每一個數據分組後,必須等待一個RTT(等待來自接收方的確認)才能發送下一個數據分組。
3)假設帶寬是無限大的值,即我們取發送時間為0,並且在等待每個RTT後可以發送多達20個分組。
解答:
提示,前面提到過,如果題目沒有說考慮排隊時延、處理時延就無需考慮。
由提示可知,總時延=發送時延+傳輸時延+握手時延,其中握手時延是題目增加的。兩個起始的RTT（握手）：
100*2=200ms，傳輸時間:RTT/2=100/2=50ms,1KB=8bitx1024=8192bit,發送時間:1000KB/I.5Mbs=8192000bit/1500000b/s=5.46s,所以,總時間等於0.2+5.46+0.05=5.71s。
2)在上一小題答案的基礎上再增加999個RTT,總時間為5.71+999×0.1=105.61s
注意:1)中的發送時間是所有分組的發送時間之和。
3）由於發送時延為0,只需計算傳輸時延即可。由於每個分組為1KB,所以大小為1000KB稱為的文件應分成1000KB/IKB=1000分組。由於每個RTT後可發送20個分組,所以一共需要1000/20=50次,50-1=49個RTT,最後一個分組到達目的地僅需0.5RTT(注意:在本次等待的RTT中一定包含了上次傳輸的傳輸時延,所以不要認為還需要另外計算傳輸時延),總時間為2xRTT(握手時間)+49RTT+0.5RTT=51.5RTT=0.1×51.5=5.15s。
7.有兩個網絡,它們都提供可靠的面向的連接的服務,一個提供可靠的字節流,另一個提供可靠的報文流。請問兩者是否相同?為什麼?
解答:
不相同。報文流中,網絡保持對報文邊界的跟蹤:而在字節流中,網絡不做這樣的跟蹤。例如,一個進程向一條連接寫了1024B,稍後又寫了1024B。那麼接收方共讀了2048B。對於報文流,接收方將得到兩個報文,每個報文1024B,而對於字節流,報文邊界不被識別,接收方將全部2048B當做一個整體,在此已經體現不出原先有兩個不同報文的事實。
一、單項選擇題
1、(B )不是對網絡模型進行分層的目標
A.提供標準準語言 B.定義功能執行的方法
C.定義標準界面 D.增加功能之間的獨立性
2、將用戶數據分成一個個數據塊傳輸的優點不包括(D )
A.減少延遲時間
B.提高錯誤控制效率
C.使多個應用更公平地使用共事通信介質
D.有效數據在協議數據單元PDU中所佔比例更大
3、協議是指在(D )之間進行通信的規則或約定
A.同一結點的上下層 B.不同結,點
C.相鄰實體 D.不同結點對等實體
4、【2010年計算機聯考真題】
下列選項中,不屬子絡體系結構所描述的內容是(C )
A.網絡的層次 B.每一層使用的邊議
C．協議的內部實現細節 D.每一層必須完成的功能
5、在OS1參考模型中,第n層與它之上的第n+1是的關係是（A）
A.第n層為第n+1層提供服務
B.等n+1層為從第n層接收的報文添加一個報頭
C.第n層使用第n+1層提供的服務
D.第n層和第n+1層相互沒有影響
6、關於計算機網絡及其結構模型,下列幾種說法錯誤的是(C )
A.世界上第一個計算機網絡是ARPAnet
B.Intemet最早起源於ARPAnet
C圖際標準化組織ISO設計出了OSI/RN參考模型,即實際執行的標準
D.TCP/IP參考模型分為4個層次
7、(A )是計算機網絡中OSl參考模型的3個主要概念
A.服務,接口、協議 B.結構、模型、交換
C.子網、層次、埠 D.廣城網、城域同,區域網
8、OSI參考模型中的數據鏈路層不提供下列哪種功能(D )
A物理尋址 B.流量控制 C.差錯校驗 D.擁塞控制
9、下列能夠最好地描這OSI的數據鏈路層功能的是（D）
A.提供用戶和網絡的接口 B.處理信號通過個質的傳輸
C.拉制報文通過網絡的路由選擇D.保證數據正確的順序和完整性
10、當數據由端系統A傳送至端系統B時,不參與數據封裝工作的是(A )
A.物理層 B.數據鏈路層 C.網絡層 D.表示層
11、在OSI中,實現端到端的應答、分組排序和流量控制功能的協議層是(C )
A.會話層 B.網絡層 C.傳輸層 D.數據鏈路層
12、在ISO/OSI參考模型中,可同時提供無連接服務和面向連接服務的是(C )
A.物理層 B.數據鏈路層 C.網絡層 D.傳輸層
13、【2009年計算機聯考真題】
在OSI參考模型中,自下而上第一個提供端到端服務的層次是(B )
A.數據鏈路層 B.傳輸層 C.會話層 D.應用層
14、在OSI參考模型中,當兩臺計算機進行文件傳輸時,為了防止中間出現網故障而重傳整個文件的情況,可通過在文件中插入同步點來解決,這個動作發生在(B )
A.表示層 B.會話層 C.網絡層 D.應用層
15、數據的格式轉換及壓縮屬於OSl參考模型中(B )層的功能
A.應用層 B.表示層 C.會話層 D.傳輸層
16、【2013年計算機聯考真題】
在OSI參考模型中,下列功能需由應用層的相鄰層實現的是（B）
A.對話管理 B.數據格式轉換C.路由選擇 D.可靠數據傳輸
17、下列說法中,正確描述了OSI參考考模型中數據的封裝過程的是(B )
A.數據鏈路層在分組上僅增加了源物理地址和目的物理地址
B.網絡層將高層協議產生的數據封裝成分組,並增加了第三層的地址和控制信息
C.傳輸層將數據流封裝成數據頓,並增加了可靠性和流控制信息
D.表示層將高層協議產生的數據分割成數據段,並增加了相應的源和目的埠信息
18、在OSI參考模型中,提供流量控制功能的層是第(①)層;提供建立,維護和拆除端到端的連接的層是(②)；為數據分組提供在網絡中路由功能的是(③)；傳輸層提供（④）的數據傳送;為網絡層實體提供數據發送和接收功能和過程的是(⑤)
(BDCAB )
①A.1、2、3 B.2、3、4 C.3、4、5 D.4、5、6
②A.物理層 B.數據鏈路層 C.會話層 D.傳輸層
③A.物理層 B.數據鏈路層 C.網絡層 D.傳輸層
④A.主機進程之間 B.網絡之間
④C.數據鏈路之間 D.物理線路之間
⑤A.物理層 B.數據鏈路層 C.會話層 D.傳輸層
19、在OS1參考模型中,(①)利用通信子網提供的服務實現兩個用戶進程之間端到端的通信。在這個層次模型中,如果用戶A需要通過網絡向用戶B傳送數據,則省先將數據送入應用層,在該層給它附加控制信息後送入表示層;在表示層對數據進行必要的變換並加上頭部後送入會話層;在會話層加頭部後送入傳輸層;在傳輸層將數據分割成為(②)後送至網絡層；在網絡層將數據封裝成((③)後送至數據鏈路層;在數據鏈路層將數據加上頭部和尾部封裝成(④)後發送到物理層;在物理層數據以(⑤)形式發送到物理線路,用戶B所在的系統接收到數據後,層層剝去控制信息,最終將原數據傳送給用戶B(BCDCA )
①A.網絡層 B.傳輸層 C.會話層 D.表示層
②A.數據報 B.數據流 C.報文 D.分組
③A.數據流 B.報文 C.路由信息 D.分組
④A.數據段 B.報文 C.數據頓 D.分組
⑤A.比特流 B.數據幀 C.報文 D.分組
20、網際網路採用的核心技術是(A )
A.TCP/II B.區域網技術
C.遠程通信技術 D.光纖技術
21、在TCP/IP模型中,(C )處理關於可靠性、流量控制和錯誤校正等問題
A.網終接口層層 B.網際層 C.傳輸層 D.應用層
22、【2011年計算機聯考真題】
TCP/IP參考模型的網絡層提供的是(A )
A.無連接不可靠的數據報服務 B.無連接可靠的數據報服務
C.有連接不可靠的虛電路服務 D.有連接可靠的虛電路服務
23、上下鄰層實體之間的接口稱為服務訪問點,應用層的服務訪問點也稱為(A )
A.用戶界面 B.網卡接口 C.IP位址 D.MAC地址
24、【2014年計算機聯考真題】
在OSI參考模型中,直接為會話層提供服務的是(C )
A.應用層 B.表示層 C.傳輸層 D.網絡層
二、綜合應用題
1.協議與服務有何區別？有何聯繫？
解答：協議是控制兩個對等實體進行通信的規則的集合。在協議的控制下，兩個對等實體間的通信使得本層能夠向上一層提供服務，而要實現本層協議，還需要使用下一層提供的服務。
2.在OSI模型中，各層都有差錯控制過程，指出以下每種差錯發生在OSI的哪些層中？
1）噪聲使傳輸鏈路上的一個0變成1或一個1變成0。
解答：物理層。物理層負責正確地、透明地傳輸比特流（0、1）。
2）一個分組被傳送到錯誤的目的站。
解答：網絡層。網絡層的PDU稱為分組，分組轉發是網絡層的功能。
3）收到一個序號錯誤的目的幀。
解答：數據鏈路層。數據鏈路層的PDU稱為幀，幀的差錯檢測是數據鏈路層的功能。
4)一臺印表機正在列印，突然收到一個錯誤指令要列印頭回到本行的開始位置。
解答：應用層。印表機是向用戶提供服務的，運行的是應用層的程序。
5）一個半雙工的會話中，正在發送數據的用戶突然接收到對方用戶發來的數據。
解答：會話層。會話層允許不同主機上的進程進行會話。
第二章一、單項選擇題：
1、下列說法正確的是（D ）
A.信道與通信電路類似,一條可通信的電路往往包含一個信道
B.調製是指把模擬數據轉換為數位訊號的過程
C.信息傳輸速率是指通信信道上每秒傳輸的碼元數
D.在數值上,波特率等於比特率與每符號含的比特數的比值
2、影響信道最大傳輸速率的因素主要有（A ）
A.信道帶寬和信噪比 B.碼元傳輸速率和噪聲功率
C.頻率特性和帶寬 D.發送功率和噪聲功率
3、（B ）被用於計算機內部的數據傳輸
A.串行傳輸 B.並行傳輸 C.同步傳輸 D.異步傳輸
4、下列有關曼徹斯特編碼的敘述正確的是（B ）
A.每個信號起始邊界作為時鐘信號有利於同步
B.將時鐘與數據取值都包含在信號中
C.這種模擬信號的編碼機制特別適合於傳輸聲音
D.每位的中間不跳變表示信號的取值為0
5、【2013年計算機聯考真題】
若下圖為10Baset網卡接收到的信號波形,則該網卡收到的比特串是（A ）
A.00110110 B.1010 1101 C.0101 0010 D.1100 0101
6、不含同步信息的編碼（A ）
I.非歸零碼 II.曼徹斯特編碼 III.差分曼徹斯特編碼
A.僅I B.僅ll C,僅II、III D.I、II、III
7、在網絡中,把語音與計算機產生的數字、文字、圖形與圖像同時傳輸,必須先把語音信
號數位化。下列可以把語音信號數位化的技術是（D ）
A.曼徹斯特編碼 B. QAM
C.差分曼徹斯特編碼 D.脈衝編碼調製
8、利用模擬通信信道傳輸數位訊號的方法稱為（D ）
A.同步傳輸 B.異步傳輸 C.基帶傳輸 D.頻帶傳輸
9、波特率等於（B ）
A.每秒傳輸的比特 B.每秒可能發生的信號變化次數
C.每秒傳輸的周期數 D.每秒傳輸的字節數
10、測得一個乙太網數據的波特率是40M Baud,那麼其數據率是（B ）
A.10Mb/s B. 20Mb/s C .40Mb/s D .80Mb/s
11、某信道的波特特率為1000Baud,若令其數據傳輸速率達到4kb/s,則一個信號碼元所取的
有效離散值個數為（D ）
A.2 B.4 C.8 D.16
12、已知某信道的信號傳輸速率為64kb/s,一個載波信號碼元有4個有效離散值,則該信道
的波特率為（B ）
A,16kbaud B. 32kbaud C. 64kbaud D. 128k Baud
13、有一條無噪聲的8kHz信道,每個信號包含8級,每秒採樣24k次,那麼可以獲得的最
大傳輸速率是（C ）
A.24kb/s B. 32kb/s C. 48kb/s D. 72kb/s
14、對於某帶寬為4000Hz的低通信道,採用用16種不同的物理狀態來表示數據,按照奈奎
斯特定理,信道的最大傳輸速率是（D ）
A.4kb/s B. 8kb/s C. 16kb/s D. 32kb/s
15、二進位信號在信噪比為127:1的4kHz信道上傳輸,最大的數據速率可達到（B ）
A.28000b/s B.8000b/s C.4000b/s D.可以是無限大
16、電話系統的典型參數是信道帶寬為3000Hz,信噪比為30dB,則該系統的最大數據傳輸
速率為（C ）。
A.3kb/s B. 6kb/s C. 30kb/s D. 64kb/s
17、採用8種相位,每種相位各有兩種幅度的QAM調製方法,在1200Baud的信號傳輸速
率下能達到的數據傳輸速率為（D ）。
A.2400b/s B.3600b/s C.9600b/s D.4800b/s
18、【2011年計算機聯考真題】
若某通信鏈路的數據傳輸速率為2400b/s,採用4相位調製,則該鏈路的波特率是（B ）
A.600波特 B.1200波特 C.4800波特 D.9600波特
19、【2009年計算機聯考真題】
在無噪聲的情況下,若某通信鏈路的帶寬為3kHz,採用4個相位,每個相位具有4種振幅
的QAM調製技術,則該通信鏈路的最大數據傳輸率是（B ）
A.12kb/s B. 24kb/s C. 48kb/s D. 96kb/s
20、一個信道每1/8s採樣一次,傳輸信號共有16種變化狀態,最大數據傳輸率是（B ）
A.16b/s B. 32b/s C. 48b/s D. 64b/s
21、將1路模擬信號分別編碼為數位訊號後,和另外7路數位訊號採用同步TDM方式復用
到一條通信線路上。1路模擬信號的頻率變化範圍為0~1kHz,每個採樣點採用PCM方式編碼
為4位的二進位數,另外7路數位訊號的數據率均為7.2kb/。復用線路需要的最小通信能力是（C ）
A.7. 2kb/s B. 8kb/s C. 64kb/s D. 512kb/s
22、用PCM對語音進行數字量化,如果將聲音分為128個量化級,採樣頻率為8000次/秒,那麼一路話音需要的數據傳輸率為（A ）
A.56kb/s B. 64kb/s C. 128kb/s D.1024kb/s
23、在下列數據交換方式中,數據經過網絡的傳輸延遲長而且是不固定的,不能用於語音數
據傳輸的是（B ）
A.電路交換 B.報文交換 C.數據報交換 D.虛電路交換
24、就交換技術而言,乙太網採用的是（A ）
A.分組交換技術 B.電路交換技術
C.報文交換技術 D.混合交換技術
25、為了使數據在網絡中傳輸時延最小,首選的交換方式是（A ）
A.電路交換 B.報文交換 C.分組交換 D.信元交換
26、分組交換對報文交換的主要改進是（C ）
A.差錯控制更加完善 B.路由算法更加簡單
C.傳輸單位更小且有固定的最大長度
D.傳輸單位更大且有固定的最大長度
27、下列關於三種數據交換方式的敘述,錯誤的是（D ）
A.電路交換不提供差錯控制功能
B.分組交換的分組有最大長度的限制
C.虛電路是面向連接的,它提供的是一種可靠的服務
D.在出錯率很高的傳輸系統中,選擇虛電路方式更合適
28、不同的數據交換方式有不同的性能。為了使數據在網絡中的傳輸時延最小,首選的交接
方式是(①)為保證數據無差錯地傳送,不應選用的交換方式是(②)分組交換對報文交換的主要推進是（③），這種改進產恆的直接結果是（④）；在出錯率很高的傳輸系統中，選用(⑤)更合適。（AAACB ）
① A.電路交換 B.報文交換 C.分組交換 D.信元交換
② A.電路交換 B.報文交換 C.分組交換 D.信元交換
③ A.傳輸單位更小且有固定的最大長度
B.傳輸單位更大且有固定的最大長度
C.差錯控制更完善
D.路由算法更簡單
④ A.降低了誤碼率 B.提高了數據傳輸速率
C.減少傳輸時延 D.增加傳輸時延
⑤ A.虛電路方式 B.數據報方式
C.報文交換 D.電路交換
29、有關虛電路服務和數據報服務的特性,正確的是(C )。
A.虛電路服務和數據報服務都是無逹接的服務
B.數據報服務中,分組在網絡中沿同一條路徑傳輸,並且按發出順序到達
C.虛電路在建立連接後,分組中需攜帶虛電路標識
D.虛電路中的分組到達順序可能與發出順序不同
30、同一報文中的分組可以由不同的傳輸路徑通過通信子網的方法是(D )。
A.分組交換 B.電路交換 C.虛電路 D.數據報
31、下列有關數據報和虛電路的敘述中,錯誤的是(D )
A.數據報方式中,某個結點若因出故障而丟失分組,但其他分組仍可正常傳輸
B.數據報方式中,每個分組獨立地進行路由選擇和轉發,不同分組之間沒有必然聯繫
C.虛電路方式中,屬於同一條虛電路的分組按照同一路由轉發
D.儘管虛電路方式是面向連接的,但它並不保證分組的有序到達
32、下列敘述正確的是(D )
A.電路交換是真正的物理線路交換,而虛電路交換是邏輯上的連接,且一條物理線路
只可以進行一條邏輯連接
B.虛電路的連接是臨時性連接,當會話結東時就釋放這種連接
C.數據報服務不提供可靠傳輸,但可以保證分組的有序到達
D.數據報服務中,每個分組在傳輸過程中都必須攜帶源地址和目的地址
33、下列關於虛電路的說法中,(C )是正確的
A.虛電路與電路交換沒有實質性的不同
B.在通信的兩個站點之間只可以建立一條虛電路
C.虛電路有連接建立、數據傳輸和連接拆除3個階段
D.在虛電路上傳送的同一個會話的數據分組可以走不同的路徑
34、下列四種傳輸方式中,由網絡負責差錯控制和流量控制,分組按順序被遞交的是(C ).
A.電路交換 B.報文交換
C.虛電路分組交換 D.數據報分組交換
35、【2010年計算機聯考真題】
在右圖2-7所示的採用「存儲-轉發」方式的分組交換網
絡中,所有鏈路的數據傳輸速率為100Mbps,分組大小為
1000B,其中分組頭大小為20B。若主機H1向主機H2發送
個大小為980000B的文件,則在不考慮分組折裝時間和傳播延
遲的情況下,從H1發送開始到H2接收完為止,需要的時間
至少是(C )。
A.80ms B.80.08ms C.80.16ms D.80.24ms
36、【2013年計算機聯考真題】
主機甲通過1個路由器(存儲轉發方式)與主機乙互聯,兩段鏈路的數據傳輸速率均為
10Mbps,主機甲分別採用報文交換和分組大小為10kb的分組交換向主機乙發送1個大小為
8Mb(IM=106)的的報文。若忽略鏈路傳播延遲、分組頭開銷和分組拆裝時間,則兩種交換方式完成該報文傳輸所需的總時間分別為(D )
A.800ms、1600ms B.801ms、1600ms
C.1600ms、800ms D.1600ms、801ms
37、【2014年計算機聯考真題】
下列因素中,不會影響信道數據傳輸的是(D )
A.信噪比 B.頻率寬帶 C.調製速率 D.信號傳播速度
二、綜合應用題
1、試比較分組交換與報文交換,並說明分組交換優越的原因解答:報文交換與分組交換的原理都是:將用戶數據加上源地址、目的地址、長度、校驗碼等輔助信息封裝成PDU，發給下個結點。下個結點收到後先暫存報文,待輸出線路空閒時再轉發給下個結點，重複該過程直到到達目的結點。每個PDU可單獨選擇到達目的結點的路徑。
不同之處在於:分組交換所生成的PDU的長度較短且是固定的,而報文交換的PDU的長度不是固定的。正是這一差別,使得分組交換具有獨特的優點:①緩衝區易於管理;②分組的平均延遲更小,網絡中佔用的平均緩衝區更少;③更易標準化;④更適合應用,所以現在的主流網絡基本上都可以看成是分組交換網絡。
2、假定在地球和一個新月亮之間建立一條100Mb/s的鏈路。從該月亮到地球的距離大約是
385000km，數據在鏈路上以光速3×108m/s傳輸。
1)計算該鏈路的最小RTT.
2)使用RTT作為延遲,計算該鏈路的「延遲×帶寬」值
3)在(2)中計算的「延遲×帶寬」值的含義是什麼?
4)在月亮上用一個照相機拍取地球的相片,並把它們以數字形式保存到磁碟上。假定在地球上的任務控制要下載25MB的最新圖像,那麼,從發出數據請求到傳送結束最少要花多少時間？
解答
RTT表示往返傳輸時間(等於兩倍的單向傳輸時間)
1)最小RTT等於2×385000000(3×108m/s)=2.57s
2)「延遲×帶寬」值等於2.57s×100Mb/s=257Mb≈32MB。
3)它表示發送方在收到一個響應之前能夠發送的數據量。
4)在圖像可以開始到達地面之前,至少需要一個RTT。假定僅有帶寬延遲,那麼發送需要的時間等於25MB÷100Mb/s=(25×1024×1024×8)bit÷100Mb/s≈2.1s。所以,直到最後一個圖像位到達地球，總共花的時間等於2.1+2.57=4.67s。
3、如下圖所示,主機A和B每個都通過10Mb/s鏈路連接到交換機S
在每條鏈路上的傳播延遲都是20μs.S是一個存儲轉發設備,在它接收完一個分組後35μs開始轉發收到的分組。試計算把10000bit從A發送到B所需要的總時間
1）作為單個分組。
2)作為兩個5000bit的分組一個緊接著另一個發送。
解答：
1)每條鏈路的發送延遲是10000÷10Mb/s=1000μs。
總的傳送時間等於2×1000+2×20+35=2075μs。
2)當作為兩個分組發送時,下面列出的是各種事件發生的時間表:
T=0 開始
T=500 A完成分組1的發送,開始發送分組2
T=520 分組1完全到達S
T=555 分組1從S起程前往B
T=1000 A結束了分組2的發送
T=1055 分組2從S起程前往B
T=1075 分組2的第1位開始到達B
T=1575 分組2的最後1位到達B
事實上,開始發送到A把第2個分組的最後1位發送完經過的時間為2×500μs,第1個鏈路延遲20μs,交換機延遲為35μs(然後才能開始轉發第2個分組),500μs的發送延退,第2個鏈路延遲20μs。所以,總的時間等於2×500μs+20μs+35μs+500μs+20μs=1575μs。
4、一個簡單的電話系統由兩個端局和一個長途局連接而成,端局和長途局之間由1MHz的
全雙工主幹連接。在8小時的工作日中,一部電話平均使用4次,每次的平均使用時間為6分鐘，在所有通話中,10%的通話是長途(即通過端局)。假定每條通話線路的帶寬是4kHz,請分析一個端局能支持的最大電話數是多少?
解答：每部電話平均每小時通話次數=4/8=0.5次,每次通話6分鐘,因此一部電話每小時佔用一條電路3分鐘,即20部電話可共享一條線路。由於只有10%的呼叫是長途,所以200部電話佔用一條完全時間的長途線路。局間幹線復用了106/(4×103)=250條線路,每條線路支持200部電話。因此，一個端局能支持的最大電話數是200×250=50000部。
5、T1系統共有24個話路進行時分復用,每個話路採用7bit編碼,然後加上1bit信令碼元，
24個話路的一次採樣編碼構成一幀。另外,每幀數據有1bit幀同步碼,每秒採用8000次採樣。請問T1的數據率是多少?
解答：由於每個話路採用7bit編碼,然後再加上1bit信令碼元，因此，一個話路佔用8bit。幀同步碼是在24路的編碼之後加上1bit,這樣,每幀有8bit×24+1bit=193bit。
因為每秒採樣8000次,故採樣頻率為8000Hz,即採樣周期為1/8000s=125μs。所以T1的數
據率為(193bit)/(125×10-6s)=1.544Mb/s。
在一個分組交換網中,採用用虛電路方式轉發分組,分組的首部和數據部分分別為h位和p位。現有L位(L>>p)的報文要通過該網絡傳送,源點和終點之間的線路數為k,每條線路上的傳播時延為d秒,數據傳輸率為b位/秒,虛電路建立連接的時間為s秒,每個中間結點有m秒的平均處理時延。求源點開始發送數據直至終點收到全部數據所需要的時間?
解答:整個傳輸過程的總時延=連接建立時延+源點發送時延+中間結點的發送時延+中間結點的處理時延+傳播時延。
虛電路的建立時延已給出,為s秒。
源點要將L位的報文分割成分組,分組數=L/p,每個分組的長度為(h+p),源點要發送的數據量=(h+p)xL/p,所以源點的發送時延=(h+p)×L/(pb)秒。
每個中間結點的發送時延=(h+p)/b秒,源點和終點之間的線路數為k,所以有k-1個中間結點,因此中間結點的發送時延=(h+p)×(k-1)/b秒。
中間結點的處理時延=m(k-1)秒。
傳播時延=kd秒。
所以,源結點開始發送數據直至終點收到全部數據所需要的時間=s+(h+p)×L/(pb)+(h+p) ×（k-1)/b+m（k-1)+kd秒。
2.2.3一、単項選擇題
1、雙絞線是用兩根絕緣導線絞合而成的,絞合的目的是（ A）
A.減少千擾 B.提高傳輸速度
C.增大傳輸距離 D.增大抗拉強度
2、在電纜中採用屏蔽技術可以帶來的好處主要是（B ）
A.減少信號衰減 B.減少電磁幹擾輻射
C.減少物理損壞 D.減少電纜的阻抗
3、利用一根同軸電纜互連主機構成乙太網,則主機間的通信方式為（B ）
A.全雙工 B.半雙工 C.單工 D.不確定
4、同軸電纜比雙線的傳輸速度更快,得益於（C ）
A.同軸電纜的銅芯比雙絞線粗,能通過更大的電流
B.同軸電纜的阻抗比較標準,減少了信號的衰減
C.同軸電纜具有更高的屏蔽性,同時有更好的抗噪聲性
D.以上都正確
5、不受電磁幹擾和噪聲影響的傳輸介質是（C ）
A.屏蔽雙絞線 B.非屏蔽雙絞線
C.光纖 D.同軸電纜
6、多模光纖傳輸光信號的原理是（C ）
A.光的折射特性 B.光的發射特性
C.光的全反射特性 D.光的繞射特性
7、以下關於單模光纖的說法正確的是（B ）
A.光纖越粗,數據傳輸率越高
B.如果光纖的直徑減小到只有一個光的波長大小,則光沿直線傳播
C.光源是發光二極體或雷射
D.光纖是中空的
8、下面關於衛星通信的說法,錯誤的是（C ）
A.衛星通信的距離長,覆蓋的範圍廣
B.使用衛星通信易於實現廣播通信和多址通信
C.衛星通信的好處在於不受氣候的影響,誤碼率很低
D.通信費用高、延時較大是衛星通信的不足之處
9、某網絡在物理層規定,信號的電平用+10V~+15V表示二進位0,用-10V~-15V表示二
進位1,電線長度限於15m以內,這體現了物理層接口的（C ）
A.機械特性 B.功能特性 C.電氣特性 D.規程特性
10、當描述一個物理層藉口引腳處於高電平時的含義時，該描述屬於（C ）
A.機械特性 B.電氣特性 C.功能特性 D.規程特性
11、【2012年計算機聯考真題】
在物理層接口特性中，用於描述完成每種功能的事件發生順序的是（C ）
A.機械特性 B.功能特性 C.過程特性 D.電氣特性
2.3.3一、單項選擇題
1、下列列關於物理層設備的敘述中錯誤的是（B ）
A.中繼器僅作用於信號的電氣部分
B.利用中繼器來擴大網絡傳輸距離的原理是它將衰減的的信號進行了放大
C.集線器實質上相當於一個多埠的中繼器
D.物理層設備連接起來的幾個網段仍然是一個區域網,且不能連接具有不同數據鏈路
層協議的網段
2、轉發器的作用是（A ）
A.放大信號 B.轉發幀 C.存儲幀 D.尋址
3、兩個網段在物理層進行互聯時要求（C ）。
A.數據傳輸率和數據鏈路層協議都可以不相同
B.數據傳輸率和數據鏈路層協議都要相同
C.數據傳輸率要相同,但數據鏈路層協議可以不相同
D.數據傳輸率可以不相同,但數據鏈路層協議要相同
4、為了使數位訊號傳輸的更遠,可採用的設備是（A ）
A.中繼器 B.放大器 C.網橋 D.路由器
5、乙太網遵循IEEE802.3標準,用粗纜組網時每段不能大於500m,超過500m長度時就要
分段,段間相連是利用（B ）。
A.網絡適配器 B.中繼器 C.數據機 D.網關
6、在粗纜乙太網中可通過中繼器擴充網段,中繼器最多可有（B ）
A.3個 B.4個 C.5個 D.無限個
7、一般來說,集線器連接的網絡在拓撲結構上屬於（D ）。
A.網狀 B.樹形 C.環形 D.星形
8、用集線器連接的工作站集合（A ）
A.同屬一個衝突域,也同屬一個廣播域
B.不同屬一個衝突域,但同屬一個廣播播城
C.不同屬一個衝突域,也不同屬一個廣播域
D.同屬一個衝突域,但不同屬一個廣播域
9、若有5臺計算機連接到一臺10Mb/s的集線器上,則每臺計算機分得的平均帶寬為（A ）
A.2Mb/s B. 5Mb/s C. 10Mb/s D. 50Mb/s
10、當集線器的一個埠收到數據後,將其（B ）
A.從所有埠廣播出去
B.從除了輸入埠外的所有埠廣播出去
C.根據目的地址從合適的埠轉發出去
D.隨機選擇一個埠轉發出去
11、下列關於中繼器和集線器的說法中,不正確的是（C ）
A.二者都工作在OSI參考模型的物理層
B.二者都可以對信號進行放大和整形
C.通過中繼器或集線器互聯的網段數量不受限制
D.中繼器通常只有2個埠,而集線器通常由4個或更多埠
第三章3.1.6
一、單項選擇題
1、下列不屬於數據鏈路層功能的是（B ）
A.頓定界功能 B.電路管理功能
C.差錯控制功能 D.流量控制功能
2、數據鏈路層協議的功能不包括（D ）
A.定義數據格式 B.提供結點之間的可靠傳輸
C.控制對物理傳輸介質的訪問 D.為終端結點隱蔽物理傳輸的細節
3、為了避免傳輸過程中幀的丟失,數據鏈路層採用的方法是（D ）
A.幀編號機制 B.循環冗餘校驗碼
C.漢明碼 D.計時器超時重發
4、數據鏈路層為網絡層提供的服務不包括（C ）。
A.無確認的無連接服務 B.有確認的無連接服務
C.無確認的面向連接服務 D.有確認的面向連接服務
5、對於信道比較可靠並且對實時性要求高的網絡,數據鏈路層採用（A ）比較合適
A.無確認的無連接服務 B.有確認的無連接服務
C.無確認的面向連接服務 D.有確認的面向連接服務
6、流量控制實際上是對（A ）的控制
A.發送方的數據流量 B.接收方的數據流量
C.發送、接收方的數據流量 D.鏈路上任意兩結點間的數據流量
7、下述協議中,（A ）不是鏈路層的標準。
A.ICMP B. HDLC C. PPP D. SLIP
8、假設物理信道的傳輸成功率是95%,而平均一個網絡層分組需要10個數據鏈路層幀來
發送。如果數據鏈路層採用無確認的無連接服務,那麼發送網絡層分組的成功率是（B ）
A.40% B.60% C.80% D.95%
3.2.5一、綜合應用題
1、在一個數據鏈路協議中使用下列字苻編碼：
A01000111; B 11100011; FLAG 0111110; ESC 11100000
在使用下列成幀方法的情況下,說明為傳送4個字符A、B、ESC、FLAG所組織的幀實際
發送的二進位位序列(使用FLAG做首尾標誌,ESC做轉義字符)
1)字符計數法;
2)使用字符填充的首尾定界法;
3)使用比特填充的首尾標誌法。
解答:
1)第一字節為所傳輸的字符計數5,轉換為二進位為00000101,後面依次為A、B、ESC
AG的二進位編碼
00000101 01000111 11100011 11100000 0111110
2)首尾標誌位FLAG(0111110),在所傳輸的數據中,若出現控制字符,則在該字符前插入轉義字符ESC(11100000)；
01111110 01000111 11100011 11100000 11100000 11100000 0111110 01111110
3)首尾標誌位FLAG(0111110),在所傳輸的數據中,若連續出現5個「1」,則在其
入「0」
0111110 01000111 110100011 111000000 011111010 01111110
3.3.3一、單項選擇題
1、通過提高信噪比可以減弱其影響的差錯是（A ）
A.隨機差錯 B.突發差錯 C.數據丟失差錯 D.幹擾差錯
2、下列有關數據鏈路層差錯控制的敘述中,錯誤的是（A ）
A.數據路層只能提供差錯檢測,而不提供對差錯的糾正
B.奇偶校驗碼只能檢測出錯誤而無法對其進行修正,也無法檢測出雙位錯誤
C.CRC校驗碼可以檢測出所有的單比特錯誤
D.海明碼可以糾正一位差錯
3.下列屬於奇偶校驗碼特徵的是（A ）
A.只能檢查出奇數個比特錯誤
B.能查出長度任意一個比特的錯誤
C.比CRC檢驗可靠
D.可以檢查偶數個比特的錯誤
4、字符S的ASCII編碼從低到高依次為1100101,採用奇校驗,在下述收到的傳輸後字符中，哪種錯誤（D ）不能檢測？
A.11000011 B.11001010 C.11001100 D.11010011
5、對於10位要傳輸的數據，如果採用漢明校驗碼，需要增加的冗餘信息位數是（B ）
A.3 B.4 C.5 D.6
6、下列關於循環冗餘校驗的說法中,（B ）是錯誤的
A.帶r個校驗位的多項式編碼可以檢測到所有長度小於或等於r的突發性錯誤
B.通信雙方可以無需商定就直接使用多項式編碼
C.CRC校驗可以使用硬體來完成
D.有一些特殊的多項式,因為其有很好的特性,而成為了國際標準
7、要發送的數據是11010110 11,採用CRC校驗,生成多項式是10011,那麼最終發送的
數據應該是（C ）
A.11010110 1110 10 B.1101 0110 1101 10
C.11010110 1111 10 D.1111 0011 0111 00
二、綜合應用題
1、在數據傳輸過程中,若接收方收到的二進位比特序列為10110011010,接收雙方採用的
生成多項式為G(x)=x4+x3+1,則該二進位比特序列在傳輸中是否出錯？如果未出現差錯,發送數據的比特序列和CRC檢驗碼的比特序列分別是什麼？
解答：
根據題意,生成多項式G(x)對應的二進位比特序列為11001。進行如下的二進位模2除法,
被除數為10110011010,除除數為11001：
所得餘數為0,因此該二進位比特序列在傳輸過程中沒有出現差錯。發送數據的比特序列是
1011001,CRC檢驗碼的比特序列是1010。
注意:CRC檢驗碼的位數就等於生成多項式G(x)的最高次數。
3.5.4一、單項選擇題
1、將物理信道的總頻帶寬分割成若干個子信道，每個子信道傳輸一路信號，這種信道復用技術是（B ）
A.碼分復用 B.頻分復用 C.時分復用 D.空分復用
2、TDM所利用的傳輸介質的性質是（D ）
A.介質的帶寬大於結合信號的位速率
B.介質的帶寬小於單個信號的帶寬
C.介質的位速率小於最小信號的帶寬
D.介質的位速率大於單個信號的位速率
3、從表面上看,FDM比TDM能更好地利用信道的傳輸能力,但現在計算機網絡更多地使
用TDM而不是FDM,其原因是（B ）
A.FDM實際能力更差 B.TDM可用於數字傳輸而FDM不行
C.FDM技術不成熟 D.TDM能更充分地利用帶寬
4、在下列多路復用技術中,（B ）具有動態分配時隙的功能
A.同步時分多路復用 B.統計時分多路復用
C.頻分多路復用 D.碼分多路復用
5、在下列協議中,不會發生碰撞的是（A ）
A.TDM B. ALOHA C. CSMA D. CSMA/CD
6、【2013年計算機聯考真題】
下列介質訪問控制方法中.可能發生衝突的是（B ）
A.CDMA B. CSMA C. TDMA D. FDMA
7、以下幾種CSMA協議中,（C ）協議在監聽到介質是空閒時仍可能不發送
A.1-堅持CSMA B.非堅持CSMA
C.p-堅持CSMA D.以上都不是
8、在CSMA的非堅持協議中,當媒體忙時,則（C ）直到媒體空閒。
A.延遲一個固定的時間單位再偵聽 B.繼續偵聽
C.延遲一個隨機的時間單位再偵聽 D.放棄偵聽
9、在監聽到信道忙時,仍然繼續監聽下去,直到信道空閒為止。採用這種方式的CSMA協議稱為（A ）
A.1-堅持型CSMA B.堅持型CSMA
C.p-堅持型CSMA D.非堅持型CSMA
10、在CSMA的非堅持協議中,當站點偵聽到總線體空閒時,它是（B ）
A.以概率p傳送 B.馬上傳送
C.以概率(1-p)傳送 D.以概率p延遲一個時間單位後傳送
11、在CSMA/CD協議的定義中,「爭議期」指的是（A ）
A.信號在最遠兩個端點之間往返傳輸的時間
B.信號從線路一端傳輸到另一端的時間
C.從發送開始到收到應答的時間
D.從發送完畢到收到應答的時間
12、乙太網中,當數據傳輸率提高時,幀的發送時間就會相應的縮短,這樣可能會影響到衝突的檢測。為了能有效地檢測衝突,可以使用的解決方案有（B ）
A.減少電纜介質的長度或減少最短幀長
B.減少電纜介質的長度或增加最短幀長
C.增加電纜介質的長度或減少最短幀長
D.增加電纜介質的長度或增加最短幀長
13、【2009年計算機聯考真題】
在一個採用CSMA/CD協議的網絡中，傳輸介質是一根完整的電纜，傳輸速率為1Gb/s，電纜中的信號傳播速度是200000km/s。若最小數據幀長度減少800比特，則最遠的兩個站點之間的距離至少需要（D ）
A.增加160m B.增加80m C.減少160m D.減少80m
14、長度為10km,數據傳輸率為10Mb/s的CSMA/CD乙太網,信號傳播速度為200m/µs。那麼該網絡的最小幀長為（D ）
A.20bit B. 200bit C. 100bit D. 1000bit
15、乙太網中如果發生介質訪問衝突,按照二進位指數回退算法決定下一次重發的時間,使用二進位回退算法的理由是（C ）
A.這種算法簡單
B.這種算法執行速度快
C.這種算法考慮了網絡負載對衝突的影響
D.這種算法與網絡的規模大小無關
16、乙太網中採用二進位指數回退算法處理衝突問題,下列數據幀中重傳時再次發生衝突的概率最低的是（D ）
A.首次重傳的幀 B.發生兩次衝突的幀
C.發生三次重傳的幀 D.發生四次重傳的幀
17、在乙太網的二進位回退算法中,在11次碰撞之後,站點會在0~（ ）之間選擇一
個隨機數（C ）
A.255 B.511 C.1023 D.2047
18、【2011年計算機聯考真題】
下列選項中，對正確接收到的數據幀進行確認的MAC協議是（D ）
A.CSMA B.SCMA C.CS 99MA/CD D.C9SMA/CA2
19、根據CSMA/CD協議的工作原理,需要提高最短幀長度的是（B ）
A.網絡傳輸速率不變,衝突域的最大距離變短
B.衝突域的最大距離不變,網絡傳輸速率提高
C.上層協議使用TCP的概率增加
D.在衝突域不變的情況下減少線路中的中繼器數量
20、多路復用器的主要功能是（D ）
A.執行模/數轉換 B.執行串行/並行轉換
C.減少主機的通信處理負荷 D.結合來自兩條或更多條線路的傳輸
21、一條廣播信道上接有3個站點A、B、C,介質訪問控制採用信道劃分方法,信道的劃分採用碼分復用技術,A、B要向C發送數據,設A的晶片序列為(+1,-1,-1,+1,+1,+1,+1,-1)站B可以選用的晶片序列為（D ）
A.(-1,-1,-1,+1,-1,+1,+1,+1) B.(-1,+1,-1,-1,-1,+1,+1,+1)
C.(-1,+1,-1,+1,-1,+1,-1,+1) D.(-1,+1,-1,+1,-1,+1,+1,+1)
22、【2014年計算機聯考真題】
站點A、B、C通過CDMA共享鏈路,A、B、C的碼片序列(chipping sequence)分別是(1,1,1,1)
(1,-1,1,-1)和(1,1,-1,-1)。若C從鏈路上收到的序列是(2,0,2,0,0,-2,0,-2,0,2,0,2),則C收到A發送的數據是（B ）
A.000 B.101 C.110 D.111
二、綜合應用題
1、乙太網使用的CSMA/CD協議是以爭用方式接入到共享信道,這與傳統的時分復用(TDM)相比優缺點如何?
解答:
CSMA/CD是一種動態的介質隨機接入共享信道方式,而TDM是一種靜態的劃分信道,所
以從對信道的的利用率來講,CSMA/CD用戶共享信道,更靈活,信道利用率更高。
不像TDM,為用戶按時隙固定分配信道,當用戶沒有數據傳送時,信道在用戶時隙就浪費
了:也因為CSMA/CD是用戶共享信道,所以當同時有多個用戶需要使用信道時,會發生碰撞,
降低了信道的利用率,而TDM中用戶在分配的時中不會與別的用戶發生衝突,對區域網來說
連入信道的是相距較近的用戶,因此通常信道帶寬較大。如果使用TDM方式,用戶在自己的時隙沒有發送的情況會更多,不利於信道的充分利用。
對於計算機通信來講,突髮式的數據更不利於使用TDM方式。
2、長度為1km、數據傳輸率為10Mbps的CSMA/CD乙太網,信號在電纜中的傳播速度為200000km/s.試求能夠使該網絡正常運行的最小幀長.
解答:
對於1km長的電纜,單程傳播時間為1/200000=5µs,來迴路程傳播時間為10µs=10-5s
為了使該網絡能按照CSMA/CD工作,最小的發送時間不能小於10µs。以10Mb/s速率工作,
10-5s可以發送的比特數為(10x106b/s)×10-5s=100。因此最小幀長為100比特。
3、10000個航空訂票站在競爭使用單個時隙ALOHA通道,各站平均每小時做18次請求,一個時隙是125μs.問總的通信負載約為多少?
解答：每個終端每3600/18=200s做一次請求,共有10000個終端,因此總負載錢是200s做10000次請求,平均每秒50次請求。每秒8000個時隙,所以平均每個時隙發送次數是50/8000=1/160即通信負載G=1/160=0.00625。
4、一組N個站點共享一個56kb/s的純ALOHA信道,每個站點平均每100s輸出一個1000bit的幀,即使前一個幀沒有發送完也依舊進行。問N可取的最大值是多少?
解答：
對於純ALOHA協議,其信道利用率為0.184，故可用帶寬是0.184*56kb/s。每個站需要的帶寬是1000/100=10b/s。因此,N可取的最大值是10304/10≈1030
5、考慮建立一個CSMA/CD網,電纜長1km,不使用重發器,運行速率為1Gb/s,電纜中的信號速度是200000km/s,求最小幀長度是多少?
解答：
對於1km的電纜,單程傳播時延是1/200000=5×10-6s,即5µs,往返傳播時延是10µs。為了
能按照CSMA/CD工作,最小幀的發送時間不能小於10µs。以1Gb/s速率工作,10µs可以發送
的比特數為(10×10-6)/(1×10-9)=10000,因此,最小幀應是1000bit。
注意:爭用期一定要保證大於來回往返時延。因為假設現在傳了一個幀過去,還沒有到往返時延就發送完了,而且在中途碰撞了,這樣就檢測不出錯誤;如果中間碰撞了,且這個幀還沒有發送完,就可以檢測出錯誤。所以要保證CSMA/CD正常工作,就必須使得發送時間(也就是爭用期)要大於或等於來回往返時延。
6、若構造一個CSMA/CD總線網,速率為100Mb/s,信號在電纜中的傳播速度為2×105 km/s,
數據幀的最小長度為125位元組,試求總線電纜的最大長度(假設總線電纜中無中繼器)。
解答:
設總線電纜長度為L,則
7、在一個採用CSMA/CD協議的網絡中,傳輸介質是一根完整的電纜,傳輸速率為1Gb/s.電纜中信號的傳播速率是200000km/s,若最小數據幀長度減少800bit,則最遠的兩個站點之間的距離應至少變化多少才能保證網絡正常工作?
解答：
CSMA/CD方式要求幀的最短長度必須滿足的條件是:在發送幀的最後一位時,如果有衝突發送方應能檢測到衝突,即發送幀的時間至少是信號在最遠兩個端點之間往返傳輸的時間。現在的條件是幀的長度減少了800bit,即發送幀的時間減少了800b/1Gb/s,所以信號在最遠兩個端點之間往返的時間必須減少800b/1Gb/s。設減少的長度為x米,要計算往返傳輸的距離,則有
2x/(200000*103)≥800/109
得到x≥80m,即最遠的兩個端點之間的距離應至少減少80m。
8、【2010年計算機聯考真題】
某局城網採用CSMA/CD協議實現介質訪問控制,數據傳輸率為10Mbps,主機甲和主機乙之間的距離是2km,信號傳播速度是200000km/s.請回答下列問題,要求說明理由或寫出計算過程.
1)若主機甲和主機乙發送數據時發生衝突,則從開始發送數據的時刻起,到兩臺主機均檢測到衝突為止,最短需要經過多長時間?最長需要經過多長時間(假設主機甲和主機乙發送數據過程中,其他主機不發送數據)?
2)若網絡不存在任何衝突與差錯,主機甲總是以標準的最長乙太網數據(1518位元組)向主機乙發送數據,主機乙每成功收到一個數據幀後立即向主機甲發送一個64位元組的確認幀,主
機甲收到確認幀後方可發送下一個數據幀。此時主機甲的有效數據傳輸速率是多少(不考慮乙太網的前導碼)?
解答：
1)顯然當甲和乙同時向對方發送數據時,信號在信道中發生衝突後,衝突信號繼續向兩個方向傳播。這種情況下兩臺主機均檢測到衝突需要經過的時間最短:
T(A)=1km/200000km/s×2=0.01ms=單程傳播時延t0
設甲先發送數據,當數據即將到達乙時,乙也開始發送數據,此時乙將立刻檢測到衝突,而甲要檢測到衝突還需等待衝突信號從乙傳播到甲。兩臺主機均檢測到衝突的時間最長:
T(B)=2km/200000km/s×2=0.02ms=雙程傳播時延2t0
2)甲發送一個數據幀的時間,即發送時延t1=1518×8bit/(10Mb/s)=1.2144ms;乙每成功收到一個數據幀後,向甲發送一個確認幀,確認幀的發送時延t2=64×8bit/10Mb/s=0.0512ms;主機甲收到確認幀後,即發送下一數據幀,故主機甲的發送周期T=數據幀發送時延t1+確認幀發送時延雙程傳播時延=t1+t2+2t0=1.2856ms;於是主機甲的有效數據傳輸率為1500×8/T=12000bit/1.2856ms≈9.33Mb/s(乙太網幀的數據部分為1500B)。
3.6.5一、單項選擇題
1、【2012年計算機聯考真題】
乙太網的MAC協議提供的是（A ）
A.無連接的不可靠的服務 B.無連接的可靠的服務
C.有連接的可靠的服務 D.有連接的不可靠的服務
2、以下關於以乙太網的說法中,正確的是（C ）
A.乙太網的物理拓撲是總線型結構
B.乙太網提供有確認的無連接服務
C.乙太網參考模型一般只包括物理層和數據鏈路層
D.乙太網必須使用CSMA/CD協議
3、下列乙太網中,採用雙絞線作為傳輸介質的是（C ）
A.10base-2 B. 10base-5 C. 10base-t D. 10base-f
4、10Baset乙太網採用的傳輸介質是（A ）
A.雙絞線 B.同軸電纜 C.光纖 D.微波
5、如果使用5類UTP來設計一個覆蓋範圍為200m的10BASE-T乙太網,需要採用的設備
是（B ）
A.放大器 B.中繼器 C.網橋 D.路由器
6、網卡實現的主要功能在（A ）
A.物物理層和數據鏈路層 B.數據鏈路層和網絡層
C.物理層和網絡層 D.數據鏈路層和應用層
7、每塊乙太網卡都有自己的時鐘,每個網卡在互相通信的時候為了知道什麼時候一位結東
下一位開始,即具有同樣的頻率,它們採用了（B ）
A.量化機制 B.曼徹斯特機制 C.奇偶校驗機制 D.定時令牌機制
8、以下關於乙太網地址的描述,錯誤的是（C ）
A.乙太網地址就是通常所說的MAC地址
B.MAC地址又稱為區域網硬體地址
C.MAC地址是通過城名解析查得的
D.乙太網地址通常存儲在網卡中
9、在乙太網中,大量的廣播信息會降低整個網絡性能的原因是（B ）
A.網絡中的每臺計算機都必須為每個廣播信息發送一個確認信息
B.網絡中的每臺計算機都必須處理每個廣播信息
C.廣播信息被路由器自動路由到每個網段
D.廣播信息不能直接自動傳送到目的計算機
10、當在同一區域網的兩個設備具有相同的靜態MAC地址時,會發生（C ）
A.首次引導的設備排他地使用該地址,第二個設備不能通信
B.最後引導的設備排他地使用該地址,另一個設備不能通信
C.在網絡上的這兩個設備都不能正確通信
D.兩個設備都可以通信,因為它們可以讀分組的整個內容,知道哪些分組是發給它的,而不是發給其他站的
11、IEEE802.3標準規定,若採用同軸電纜作為傳輸介質,在無中繼的情況下,傳輸介質的最大長度不能超過（A ）
A.500m B.200m C.100m D.50m
12、下面四種以大網中,只能工作在全雙工模式下的是（D ）
A.10BASE-T乙太網 B.100BASE-T乙太網
C.吉比特乙太網 D.10Gbit乙太網
13、IEEE802區域網標準對應OSI模型的（B ）
A.數據鏈路層和網絡層 B.物理層和數據路層
C.物理層 D.數據鏈路層
14、802.3標準定義的乙太網中,實現「給幀加序號」功能的層次是（C ）
A.物理層 B.介質訪問控制子層(MAC)
C,邏輯鏈路控制子層(LLC) D.網絡層
15、快速乙太網仍然使用CSMA/CD協議,它採用（C ）而將最大電纜長度減少到100m的方法,使以太同的數據傳輸速率提高至100Mb/s
A.改變最短幀長 B.改變最長幀長
C.保持最短幀長不變 D.保持最長幀長不變
16、無線區域網不使用CSMA/CD,而使用CSMA/CA的原因是無線區域網（B ）
A.不能同時收發,無法在發送時接收信號
B.不需要在發送過程中進行衝突檢測
C.無線信號的廣播特性,使得不會出現衝突
D.覆蓋範圓很小,不進行衝突檢測不影響正確性
17、在一個Ethernet中,有A、B、C、D四臺主機,若A向B發送數據,則（B ）
A.只有B可以接收到數據 B.四臺主機都能接收到數據
C只有B、C、D可以接收到數據 D.四臺主機都不能接收到數據
18、下列關于吉比特乙太網的說法中錯誤的是（B ）
A.支持流量拉制機制
B.採用曼徹斯特編碼,利用光纖進行數據傳輸
C.數據的傳輸時間主要受線路傳輸延遲的制約
D.同時支持全雙工模式和半雙工模式
3.7.4一、単項選擇題
1、下列關於廣域網和區域網的敘述中,正確的是（C ）
A.廣域網和網際網路類似,可以連接不同類型的網絡
B.在OSI層次結構中,廣域網和區域網均涉及物理層、數據鏈路層和網絡層
C.從網際網路的角度,廣域網和區域網是平等的
D.區域網即乙太網,其邏輯拓撲是總線型結構
2、廣城網覆蓋的地理範圍從幾十公裡到幾千公裡,它的通信子網主要使用（B ）
A.報文交換技術 B.分組交換技術
C.文件交換技術 D.電路交換技術
3.廣域網所使用的傳輸方式是（B ）
A.廣播式 B.存儲轉髮式 C.集中控制式 D.分布控制式
4、下列協議中不屬於TCP/IP協議簇的是（D ）
A.ICMP B. TCP C. FTP D. HDLC
5、為實現透明傳輸(注:默認是異步線路),PPP使用的填充方法是（B ）
A.位填充
B.字符填充
C.對字符數據使用字符填充,對非字符數據使用位填充
D.對字符數據使用位填充,對非字符數據使用字符填充
6、以下對PPP的說法中錯誤的是（B ）
A.具有差錯控制能力 B.僅支持IP協議
C.支持動態分配IP位址 D.支持身份驗證
7、PPP協議提供的功能有（D ）
A.一種成幀方法 B.鏈路控制協議(LCP)
C.網絡控制協議(NCP) D.A、B和C都是
8、PPP協議中的LCP幀起到的作用是（A ）
A.在建立狀態階段協商數據鏈路協議的選項
B.配置網絡層協議
C.檢查數據鏈路層的錯誤,並通知錯誤信息
D.安全控制,保護通信雙方的數據安全
3.8.3一、單項選擇題
1、下列網絡連接設備都工作在數據鏈路層的是（C ）
A.中繼器和集線器 B.集線器和網橋
C.網橋和區域網交換機 D.集線器和區域網交換機
2、下列關於數據鏈路層設備的敘述中,錯誤的是（D ）
A.網橋可隔離信息,將網絡劃分成多個網段,一個網段的故障不會影響到另一個網段的運行
B.網橋可互聯不同的物理層、不同的MAC子層以及不同速率的乙太網
C.交換機的每個埠結點所佔用的帶寬不會因為埠結點數目的增加而減少,且整個交換機的總帶寬會隨著埠結點的增加而增加
D.利用交換機可以實現虛擬區域網VLAN,VLAN可以隔離衝突域,但不可以隔離廣播域
3、下列哪項不是使用網橋分割網絡所帶來的好處（D ）
A.減少衝突域的範圍 B.在一定條件下增加了網絡的帶寬
C.過濾網段之間的數據 D.縮小了廣播域的範圍
4、下列關於網橋的描述,錯誤的是（B ）
A.網橋工作在數據鏈路層,可以對網絡進行過濾和分段
B.網橋可以對不需要傳遞的數據進行過濾並有效地阻止廣播數據
C.網橋傳遞所有的廣播信息,因此難以避免廣播風暴
D.網橋與集線器相比,需要處理接收到的數據,因此增加了時延
5、不同網絡設備傳輸數據的延遲時間是不同的。下面設備中,傳輸延遲最大的是（C ）
A.區域網交換機 B.網橋 C.路由器 D.集線器
6、下列不能分割碰撞域的設備是（A ）
A.集線器 B.交換機 C.路由器 D.網橋
7、區域網交換機實現的主要功能在（A ）
A.物理層和數據鏈路層 B.數據鏈路層和網絡層
C.物理層和網絡層 D.數據鏈路層和應用層
8、交換機比集線器提供更好的網絡性能的原因是（A ）
A.交換機支持多對用戶同時通信 B.交換機使用差錯控制減少出錯率
C.交換機使網絡的覆蓋範圍更大 D.交換機無須設置,使用更方便
9、【2009年計算機聯考真題】
乙太網交換機進行轉發決策時使用的PDU地址是（A ）
A.目的物理地址 B.目的IP位址 C.源物理地址 D.源IP位址